Возможности перцептрона Розенблатта/Решение для "стрелка" и "самолётик"

Детальные инструкции

Вначале нужно:

Изображение нашего перцептрона
Заполнить таблицу исходных данных входы-выходы.
Рассчитать w:A-матрица перцептрона

	Вход 1 (X1)	Вход 2 (X2)	Вход 3 (X3)	Вход 4 (X4)	Вход 5 (X5)	Вход 6 (X6)	Выход
Стимул 1 (стрелка)
Стимул 2 (самолетик)

Подсказка: дело в том, что перцептрон описывает только битами, если у нас один выходной элемент R, то выход 0 будет скажем "стрелка", а 1 - "самолетик". Теперь коррекция весов делается если произошла ошибка на выходе, вместо 0 получили 1, или наоборот. Делается так, +1 к весу всех активных А-элементов, если на выходе нужна 1, и -1 если на выходе нужно 0.

Ход решения

Рисунок и входы-выходы

Вариант студента	Сравните ваш и мой рисунок, у вас не хватает весовых коэффициентов, и у вас лишние входы и связи, и ЕЩЕ выход тоже должен быть один (для нашего примера)

Уже кое что. Но рисунок не правильный. Входов так много нету, от того, что мы подаем два образа, число входов не увеличивается подаем на те же самые. Т.е. половину входов и их связей с рисунка удаляйте. Далее каждая связь между точками имеет свой вес, для первого слоя выбирается случайно +1 или -1. Поэтому задайте их на рисунке ! Для второго слоя будем искать, но вначале они =0.

Вопрос студента: не понятно каким принципом придаётся +1 или -1. Зачем? Не могу понять как ставится +1 или на что нужно основываться?

Постарался усовершенствовать

Уже хорошо. +1 и -1 - это т.н. возбуждающие и тормозящие связи (чтобы определить возбужден ли А-элемент, надо сложить все связи, которые были активированы входами, если будет +1 и -1, то даже при наличии входов реакции не будет! это позволяет избавляться от чрезмерной активности на входах, а в А-элементах среднее стабильная активация. каким принципом? - в первом слое случайность), если были бы только +1 то более сложные примеры не могли бы решится. Но данный пример простой, поэтому пускай будут все +1.

	Вход 1	Вход 2	Вход 3	Вход 4	Вход 5	Вход 6	Выход
Стимул 1 (стрелка)	0	1	0	0	0	0	0
Стимул 2 (самолетик)	0	1	1	1	1	0	1

А - матрица

Студент: Получается что А* будет равна суммированию умноженных (ради упрощения решения и только в данном задаче) на +1 входов (Х1,Х2,Х3...), и в одной строчке этой матрицы значений должно быть столько сколько используется А-элем. в перцепртроне, а стимулы в данный момент это фигурки? У меня выходят большие числа, превышающие 2 и 3, да и сама формула

$A^{*}={\begin{pmatrix}x_{1}(St_{1})v_{11}+x_{2}(St_{1})v_{21}&x_{1}(St_{1})v_{12}+x_{2}(St_{1})v_{22}&x_{1}(St_{1})v_{13}+x_{2}(St_{1})v_{23}\\x_{1}(St_{2})v_{11}+x_{2}(St_{2})v_{21}&x_{1}(St_{2})v_{12}+x_{2}(St_{2})v_{22}&x_{1}(St_{2})v_{13}+x_{2}(St_{2})v_{23}\\x_{1}(St_{3})v_{11}+x_{2}(St_{3})v_{21}&x_{1}(St_{3})v_{12}+x_{2}(St_{3})v_{22}&x_{1}(St_{3})v_{13}+x_{2}(St_{3})v_{23}\\\end{pmatrix}}$ ;

тоже немного удлиняется, и не выглядит такой короткой как тут, это нормально?

Типа того, w - все будут 1. Стимулы - это фигурки. числа, привышающие 2 и 3 это нормально для A*, не забудьте перейти к A, там только 0 и 1. Порог по умолчанию

\theta =0

, вы не теряйтесь - показывайте ход вашего решения, и если нужно поправим.

$A^{*}={\begin{pmatrix}0*(-1)+1*(+1)+0*(-1)+0*(+1)+0*(-1)+0*(+1)&0*(+1)+1*(-1)+0*(+1)+0*(-1)+0*(+1)+0*(-1)&0*(+1)+1*(+1)+0*(+1)+0*(+1)+0*(1)+0*(+1)\\0*(-1)+1*(+1)+1*(-1)+1*(+1)+1*(-1)+0*(+1)&0*(+1)+1*(-1)+1*(+1)+1*(-1)+1*(+1)+0*(-1)&0*(+1)+1*(+1)+1*(+1)+1*(+1)+1*(+1)+0*(+1)\\\end{pmatrix}}$ ;

$A^{*}={\begin{pmatrix}1&1&1\\0&0&4\\\end{pmatrix}}$ ;

$A={\begin{cases}1,&if\ a_{ij}^{*}>\theta ,\\0&else\\\end{cases}}$ ,

где $a_{ij}^{*}$ элемент матрицы A*;

$A={\begin{pmatrix}&A_{1}&A_{2}&A_{3}\\St_{1}&1&1&1\\St_{2}&0&0&1\\\end{pmatrix}}$ .

Студент: Что не так?

Вы уверены, что Стимул №1 - у Вас стрелка ? (перепутано). Откуда начинаете нумеровать А элементы сверху вниз ? Откуда взялись -1 если мы договорились, что все веса +1 ? Правильный ответ (найдите свою ошибку, и поясните в чем она была):

$A={\begin{pmatrix}&A_{1}&A_{2}&A_{3}\\St_{1}&0&1&0\\St_{2}&1&1&1\\\end{pmatrix}}$ .

совсем забыл про плюсы .. Если повсюду ставить +1 то во втором стимуле что-то изменится, но в первом (стрелка, где активным является только один вход, а остольные 0) как не складываю всё-равно в порядке А сверху вниз получается (1.1.1). В самолётике (4.4.4) и в итоге =

$A={\begin{pmatrix}&A_{1}&A_{2}&A_{3}\\St_{1}&1&1&1\\St_{2}&1&1&1\\\end{pmatrix}}$ . Что-то у меня явно не так как надо..

Вы подумайте чисто логически, стрелка "зажигает" только один S2 элемент, от него есть только одна связь к A2, который и активируется. Как же у вас активируются и A1 и A3 ? Вы складываете нули и получаете 1 :) ((4.4.4) - тоже не верно)

О !!! Я понял почему Вы ошибаетесь, там где нет связи нужно умножать не на -1, и не на +1, а на ноль.

упс, теперь кажется дошло что значит формула и как она работает... Пытаясь разобрать эти минусы и плюсы совсем забыл про логику.. :D Позже для полного усвоения постараюсь написать А-матрицу других фигур а пока полностью соглашусь что

A={\begin{pmatrix}&A_{1}&A_{2}&A_{3}\\St_{1}&0&1&0\\St_{2}&1&1&1\\\end{pmatrix}}

.

Но это чисто логически, а как это должно выглядеть по формуле?

$A^{*}={\begin{pmatrix}(12)1*(0)&(12)1*(+1)&(12)1*(0)\\(18)1*(+1)&(12)1*(+1)+(30)1*(+1)&(24)1*(+1)\\\end{pmatrix}}$ ;

$A^{*}={\begin{pmatrix}0&1&0\\1&2&1\\\end{pmatrix}}$ ; $A={\begin{cases}1,&if\ a_{ij}^{*}>\theta ,\\0&else\\\end{cases}}$ Так?

Вот теперь правильно. Но надеюсь Вы не забыли, что это только подготовка, а найти нужно весовые коэффициенты второго слоя.

Весовые коэффициенты второго слоя

Теперь отталкиваемся от матрицы А, и по той же самой логике определяем, что на выходе R, когда подаем стрелку - дает 0, ошибки нет, подаем второй стимул самолетик - ошибка, как изменятся весовые коэффициенты w1, w2 и w3 ?

Теоритически: показываем перцептрону объект первого класса. При этом некоторые A-элементы возбудятся. Коэффициенты

w_{i}

, соответствующие этим возбуждённым элементам, увеличиваем на 1.

$\rho _{i}={\begin{cases}+1,ifS_{i}^{+};\\-1,ifS_{i}^{-}.\end{cases}}$

Веса	Итерации
Веса	1		2		3		4
w1	0	1	1	х	х	х	х	х
w2	0	1	0	х	х	х	х	х
w3	0	1	1	х	х	х	х	х
№ стимула	1	2	1	2	1	2	1	2

вновь ничего не понял... Как туда вставить полученные коэффициенты и каким методом их уровнять или применить ту теорию?

Вначале размерность, у нас только два стимула. Показываем стрелку - ошибки нет веса не изменяются. Следующий столбик, показываем самолетик, на выходе 0 вместо 1, как изменятся веса ?

Как я понял моя проблема состоит в том что я не знаю весовых коэффициентов Р, так как не посчитал их.. :D Наверно именно это заставило меня подумать от куда взялось три нуля и вообще откуда взялись эти w1,w2,w3.. Но как их собственно получить? тем же способом у меня как-то не получается ?

Эти w1,w2,w3 - это связи между A1-R, A2-R, A3-R. Вначале они нули. Первый стимул ничего не меняет - ответ правильный коррекции нет. Далее читаем : При этом некоторые A-элементы возбудятся. Коэффициенты $w_{i}$ , соответствующие этим возбуждённым элементам, увеличиваем на 1., сколько будет ? Какие А-элементы возбудились при втором стимуле мы знаем из А-матрицы ...

Я понимаю всё что там написано, но три нуля, они меня убивают... Я два дня бился головой об стенку чтобы достать от куда-то 0.1.0 и 1.1.1, после ещё один день чтобы понять от куда я их достал.. В это время вы утверждаете что там должно быть три нуля.. как? от куда? 2 входа, 3 "А" один выход он даёт два сигнала если правильно распределить весы.. веса +1 0 и -1 мы используем только +1, чтобы что? и тогда как можно использовать -1? Меня путают три нуля, если от первого стимула которым я считал 0.1.0 получился 0.0.0. то что получится от 1.1.1. или почему если изменился первый стимул также может не изменится второй.. При этом некоторые A-элементы возбудятся. Коэффициенты $w_{i}$ , соответствующие этим возбуждённым элементам, увеличиваем на 1. Но тут только нули, которые как видно идут от первого стимула, и не одного "возбуждённого элемента" как видно они равны нулю а значит в состоянии покоя. Тогда что увеличивать? Или увеличить все сразу записав их в первом стимуле второй колонки? Но тогда что делать в следующих 2 колонках и как поступать со вторым стимулом, представления о котором вообще пока что не имею...

первый слой мы УЖЕ рассчитали, НЕ ПУТАЙТЕ его сюда. Мы сейчас считаем ВТОРОЙ слой. Вначале там нету связей - нули! Затем мы их изменяем, чтобы получить требуемый нам выход. Я написал ответ. Второй стимул активировал все А-элементы (теперь А-элементы являются входами), значит к тому чтобы было (нулям) прибавляем 1, получаем все единицы, идем на вторую итерацию, снова показываем первый стимул - получаем ошибку - на выходе дает 1, а нужно ноль, активирован только второй А элемент - уменьшаем вес на единицу. Ответ получен, теперь на первый стимул - выход 0, на второй 1.

Но тут только нули, которые как видно идут от первого стимула, и не одного "возбуждённого элемента" как видно они равны нулю а значит в состоянии покоя. - ВОТ грубая ошибка, смотрите на А-матрицу , как это не одного возбужденного элемента ? Там что в А-матрице есть строка из нулей !?

а почему итерации четыре? И почему единицы добавили к w1, w3 а к w2 не добавили? Если мы уже имеем на выходе 0 и 1, то что делать с оставшимися столбиками?

Число итераций не известно - до отсутствия ошибок, 4 - это просто заготовка места. Вы не внимательны, вначале единицы добавили ко всем, а лишь затем отняли от w2.

теперь кажется всё понятно.. Хотелось бы как-нибудь закрепить материал.